leetCode_2_Add_Two_Numbers

题目描述(中等难度)

就是两个链表表示的数相加,这样就可以实现两个很大的数相加了,无需考虑数值 int ,float 的限制了。

由于自己实现的很乱,直接按答案的讲解了。

图示

链表最左边表示个位数,代表 342 + 465 =807 。

思路

首先每一位相加肯定会产生进位,我们用 carry 表示。进位最大会是 1 ,因为最大的情况是无非是 9 + 9 + 1 = 19 ,也就是两个最大的数相加,再加进位,这样最大是 19 ,不会产生进位 2 。下边是伪代码。

  • 初始化一个节点的头,dummy head ,但是这个头不存储数字。并且将 curr 指向它。
  • 初始化进位 carry 为 0 。
  • 初始化 p 和 q 分别为给定的两个链表 l1 和 l2 的头,也就是个位。
  • 循环,直到 l1 和 l2 全部到达 null 。
    • 设置 x 为 p 节点的值,如果 p 已经到达了 null,设置 x 为 0 。
    • 设置 y 为 q 节点的值,如果 q 已经到达了 null,设置 y 为 0 。
    • 设置 sum = x + y + carry 。
    • 更新 carry = sum / 10 。
    • 创建一个值为 sum mod 10 的节点,并将 curr 的 next 指向它,同时 curr 指向变为当前的新节点。
    • 向前移动 p 和 q 。
  • 判断 carry 是否等于 1 ,如果等于 1 ,在链表末尾增加一个为 1 的节点。
  • 返回 dummy head 的 next ,也就是个位数开始的地方。

初始化的节点 dummy head 没有存储值,最后返回 dummy head 的 next 。这样的好处是不用单独对 head 进行判断改变值。也就是如果一开始的 head 就是代表个位数,那么开始初始化的时候并不知道它的值是多少,所以还需要在进入循环前单独对它进行值的更正,不能像现在一样只用一个循环简洁。

代码

1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
class ListNode {
int val;
ListNode next;
ListNode(int x) { val = x; }
}
public ListNode addTwoNumbers(ListNode l1, ListNode l2) {
ListNode dummyHead = new ListNode(0);
ListNode p = l1, q = l2, curr = dummyHead;
int carry = 0;
while (p != null || q != null) {
int x = (p != null) ? p.val : 0;
int y = (q != null) ? q.val : 0;
int sum = carry + x + y;
carry = sum / 10;
curr.next = new ListNode(sum % 10);
curr = curr.next;
if (p != null) p = p.next;
if (q != null) q = q.next;
}
if (carry > 0) {
curr.next = new ListNode(carry);
}
return dummyHead.next;
}

时间复杂度:O(max(m,n)),m 和 n 代表 l1 和 l2 的长度。

空间复杂度:O(max(m,n)),m 和 n 代表 l1 和 l2 的长度。而其实新的 List 最大长度是 O(max(m,n))+ 1,因为我们的 head 没有存储值。

扩展

如果链表存储的顺序反过来怎么办?

我首先想到的是链表先逆序计算,然后将结果再逆序呗,这就转换到我们之前的情况了。不知道还有没有其他的解法。下边分析下单链表逆序的思路。

迭代思想

首先看一下原链表。

总共需要添加两个指针,pre 和 next。

初始化 pre 指向 NULL 。

然后就是迭代的步骤,总共四步,顺序一步都不能错。

  • next 指向 head 的 next ,防止原链表丢失

  • head 的 next 从原来链表脱离,指向 pre 。

  • pre 指向 head

  • head 指向 next

一次迭代就完成了,如果再进行一次迭代就变成下边的样子。

可以看到整个过程无非是把旧链表的 head 取下来,添加的新的链表上。代码怎么写呢?

1
2
3
4
next = head -> next; //保存 head 的 next , 以防取下 head 后丢失
head -> next = pre; //将 head 从原链表取下来,添加到新链表上
pre = head;// pre 右移
head = next; // head 右移

接下来就是停止条件了,我们再进行一次循环。

可以发现当 head 或者 next 指向 null 的时候,我们就可以停止了。此时将 pre 返回,便是逆序了的链表了。

迭代代码

1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
public ListNode reverseList(ListNode head){
if(head==null) return null;
ListNode pre=null;
ListNode next;
while(head!=null){
next=head.next;
head.next=pre;
pre=head;
head=next;
}
return pre;
}

递归思想

  • 首先假设我们实现了将单链表逆序的函数,ListNode reverseListRecursion(ListNode head) ,传入链表头,返回逆序后的链表头。

  • 接着我们确定如何把问题一步一步的化小,我们可以这样想。

    把 head 结点拿出来,剩下的部分我们调用函数 reverseListRecursion ,这样剩下的部分就逆序了,接着我们把 head 结点放到新链表的尾部就可以了。这就是整个递归的思想了。

    • head 结点拿出来

    • 剩余部分调用逆序函数 reverseListRecursion ,并得到了 newhead

    • 将 2 指向 1 ,1 指向 null,将 newhead 返回即可。

  • 找到递归出口

    当然就是如果结点的个数是一个,那么逆序的话还是它本身,直接 return 就够了。怎么判断结点个数是不是一个呢?它的 next 等于 null 就说明是一个了。但如果传进来的本身就是 null,那么直接找它的 next 会报错,所以先判断传进来的是不是 null ,如果是,也是直接返回就可以了。

    代码

1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
public ListNode reverseListRecursion(ListNode head){ 
ListNode newHead;
if(head==null||head.next==null ){
return head;
}
newHead=reverseListRecursion(head.next); //head.next 作为剩余部分的头指针
head.next.next=head; //head.next 代表新链表的尾,将它的 next 置为 head,就是将 head 加到最后了。
head.next=null;
return newHead;
}
windliang wechat
添加好友一起进步~